Chuyên đề Toán 12 Kết nối tri thức Bài 2: Biến ngẫu nhiên có phân bố nhị thức và áp dụng

Giải Chuyên đề Toán 12 Bài 2: Biến ngẫu nhiên có phân bố nhị thức và áp dụng

Mở đầu trang 15 Chuyên đề Toán 12: Khi mua vé tham gia một trò chơi, người chơi được chọn một trong hai phương án sau:

– Phương án 1: Người chơi gieo một xúc xắc cân đối, đồng chất một cách độc lập liên tiếp 12 lần. Người chơi thắng nếu có ít nhất hai lần xúc xắc xuất hiện mặt 6 chấm.

– Phương án 2: Người chơi gieo một con xúc xắc cân đối, đồng chất một cách độc lập liên tiếp 6 lần. Người chơi thắng nếu có ít nhất một lần xúc xắc xuất hiện mặt 6 chấm.

Hỏi người chơi nên chọn phương án náo để xác suất thắng cao hơn?

Lời giải:

Sau khi học xong bài này, ta giải quyết được bài toán này như sau:

Xác suất nếu người chơi chọn phương án 1:

Gọi T là phép thử: “Gieo một xúc xắc cân đối, đồng chất”;

E là biến cố: “Xúc xắc xuất hiện mặt 6 chấm”.

Xét phép thử lặp với n = 12 và $P\left(E\right)=\frac{1}{6}$.

Gọi B là biến cố: “Người chơi thắng”.

B cũng là biến cố: “Trong phép thử lặp T, với n = 12, biến cố E xuất hiện ít nhất hai lần”.

Xét biến cố đối $\overline{B}$: “Trong phép thử lặp T, biến cố E xuất hiện nhiều nhất một lần”.

Ta có $\overline{B}=E_0\cup E_1$. Theo quy tắc cộng xác suất và công thức bernoulli, ta có:

$P\left(\overline{B}\right)=P\left(E_0\cup E_1\right)=P\left(E_0\right)+P\left(E_1\right)={\left(\frac{5}{6}\right)}^{12}+C_{12}^1.\left(\frac{1}{6}\right).{\left(\frac{5}{6}\right)}^{11}\approx \mathrm{0,3813}$

Do đó P(B) = 1 – 0,3813 = 0,6187.

Xác suất nếu người chơi chọn phương án 2:

Gọi T là phép thử: “Gieo một xúc xắc cân đối, đồng chất”;

E là biến cố: “Xúc xắc xuất hiện mặt 6 chấm”.

Xét phép thử lặp với n = 6 và $P\left(E\right)=\frac{1}{6}$.

Gọi B là biến cố: “Người chơi thắng”.

B cũng là biến cố: “Trong phép thử lặp T, với n = 6, biến cố E xuất hiện ít nhất một lần”.

Xét biến cố đối $\overline{B}$: “Trong phép thử lặp T, biến cố E không xuất hiện”.

Khi đó $P\left(\overline{B}\right)={\left(1-\frac{1}{6}\right)}^6={\left(\frac{5}{6}\right)}^6$.

Do đó $P\left(B\right)=1-{\left(\frac{5}{6}\right)}^6\approx \mathrm{0,665}$.

Ta thấy người chơi nên chọn theo phương án 2 thì xác suất thắng cao hơn.

1. Phép thử lặp và công thức Bernoulli

HĐ1 trang 15 Chuyên đề Toán 12: Trong tình huống mở đầu. Xét phép thử T là gieo một con xúc xắc cân đối, đồng chất. Gọi E là biến cố: “Xúc xắc xuất hiện mặt 6 chấm”.

a) Trong phương án 1, phép thử T được lặp lại bao nhiêu lần? Người chơi thắng khi biến cố E xuất hiện bao nhiêu lần?

b) Cũng hỏi như trên với phương án 2.

Lời giải:

a) Phép thử T được lặp lại 12 lần.

Người chơi thắng khi biến cố E xuất hiện ít nhất 2 lần.

b) Phép thử T được lặp lại 6 lần.

Người chơi thắng khi biến cố E xuất hiện ít nhất 1 lần.

Luyện tập 1 trang 16 Chuyên đề Toán 12: Hai bạn An và Bình thi đấu bóng bàn. Xác suất thắng của An trong một ván là 0,4. Hai bạn thi đấu đủ 3 ván đấu. Người nào có số ván đấu thắng nhiều hơn là người thắng trận đấu đó. Giả sử các ván đấu là độc lập. Tính xác suất để An thắng trong trận đấu.

Lời giải:

Xác suất để An thắng trận đấu là xác suất để An thắng ít nhất hai ván đấu.

Gọi biến cố A: “An thắng trận đấu đó”.

Trường hợp 1: An thắng cả ba ván đấu

Khi đó ta có P₁ = 0,4³ = 0,064.

Trường hợp 2: An thắng 2 ván đấu.

Khi đó ta có: $P_2=C_3^2{\mathrm{.0,4}}^2.\left(1-\mathrm{0,4}\right)=\mathrm{0,288}$.

Vậy P(A) = P₁ + P₂ = 0,064 + 0,288 = 0,352.

Luyện tập 2 trang 17 Chuyên đề Toán 12: Trở lại tình huống mở đầu.

a) Tính xác suất thắng của người chơi khi chơi theo phương án 2.

b) Qua các kết quả đã tính được, hãy cho biết người chơi nên chọn chơi theo phương án nào để xác suất thắng cao hơn.

Lời giải:

a) Gọi T là phép thử: “Gieo một xúc xắc cân đối, đồng chất”;

E là biến cố: “Xúc xắc xuất hiện mặt 6 chấm”.

Xét phép thử lặp với n = 6 và $P\left(E\right)=\frac{1}{6}$.

Gọi B là biến cố: “Người chơi thắng”.

B cũng là biến cố: “Trong phép thử lặp T, với n = 6, biến cố E xuất hiện ít nhất một lần”.

Xét biến cố đối $\overline{B}$: “Trong phép thử lặp T, biến cố E không xuất hiện”.

Khi đó $P\left(\overline{B}\right)={\left(1-\frac{1}{6}\right)}^6={\left(\frac{5}{6}\right)}^6$.

Do đó $P\left(B\right)=1-{\left(\frac{5}{6}\right)}^6\approx \mathrm{0,665}$.

b) Dựa vào kết quả ở ví dụ 1, ta thấy người chơi nên chọn theo phương án 2 thì xác suất thắng cao hơn.

2. Biến ngẫu nhiên có phân bổ nhị thức và áp dụng

Câu hỏi mở đầu trang 17 Chuyên đề Toán 12: Một bài thi trắc nghiệm có 10 câu hỏi, mỗi câu có 4 phương án trả lời, trong đó chỉ có một phương án đúng. Mỗi câu trả lời đúng được 1 điểm, mỗi câu trả lời sai không được điểm (0 điểm). Thí sinh vượt qua bài thi đó nếu đạt ít nhất 5 điểm. Bạn An làm hết 10 câu trong bài thi bằng cách mỗi câu đều chọn ngẫu nhiên một phương án. Hỏi:

a) Trung bình An được bao nhiêu điểm?

b) Xác suất đển An vượt qua bài thì đó là bao nhiêu?

Lời giải:

Sau khi học xong bài này, ta giải quyết bài toán này như sau:

Gọi X là số câu trả lời đúng của An.

X là một biến ngẫu nhiên có phân bố nhị thức với tham số n = 10; $p=\frac{1}{4}$.

Số điểm trung bình là E(X).

Vậy trung bình An nhận được số điểm trung bình là:

E(X) = np = $10.\frac{1}{4}=\mathrm{2,5}$ điểm.

b) An vượt qua bài thi khi làm đúng ít nhất 5 câu tức là khi X ≥ 5.

Theo chú ý về phân bố nhị thức ta có:

$\begin{array}{l}P\left(X\ge 5\right)\\ =C_{10}^5.{\left(\frac{1}{4}\right)}^5.{\left(\frac{3}{4}\right)}^5+C_{10}^6.{\left(\frac{1}{4}\right)}^6.{\left(\frac{3}{4}\right)}^4+C_{10}^7.{\left(\frac{1}{4}\right)}^7.{\left(\frac{3}{4}\right)}^3+C_{10}^8.{\left(\frac{1}{4}\right)}^8.{\left(\frac{3}{4}\right)}^2+C_{10}^9.{\left(\frac{1}{4}\right)}^9.\frac{3}{4}+C_{10}^{10}.{\left(\frac{1}{4}\right)}^{10}\\ \approx \mathrm{0,0781.}\end{array}$

Từ đó tính được xác suất vượt qua bài thi của An xấp xỉ là 7,81%.

HĐ2 trang 17 Chuyên đề Toán 12: Cho T là một phép thử và E là một biến cố liên quan tới phép thử T. Ta thực hiện phép thử T lặp lại n lần một cách độc lập. Ở mỗi lần thực hiện phép thử T, biến cố E có xác suất xuất hiện bằng p, tức là P(E) = p, 0 < p < 1. Gọi X là số lần xuất hiện biến cố E trong n lần thực hiện lặp lại phép thử T. Tính P(X = k) với k ∈ {0; 1; …; n}.

Lời giải:

Vận dụng công thức Bernoulli, ta có:

P(X = 0) = (1 – p)ⁿ.

P(X = 1) $=C_n^{1}p{\left(1-p\right)}^{n-1}$.

P(X = 2) $=C_n^2{p}^2{\left(1-p\right)}^{n-2}$.

….

P(X = k) $=C_n^k{p}^k{\left(1-p\right)}^{n-k}$.

….

P(X = n) $=p^n$.

Câu hỏi trang 17 Chuyên đề Toán 12: Viết bảng phân bố xác suất của biến ngẫu nhiên có phân bố Bernoulli.

Lời giải:

X	0	1
P	1 – p	p

 

Luyện tập 3 trang 18 Chuyên đề Toán 12: Khi tham gia một trò chơi, người chơi gieo một con xúc xắc cân đối, đồng chất một cách độc lập liên tiếp 5 lần. Mỗi lần gieo nếu số chấm xuất hiện lớn hơn 4 thì người chơi được 10 điểm. Tính xác suất để người chơi nhận được ít nhất 30 điểm.

Lời giải:

Phép thử T là: “Gieo một con xúc xắc cân đối, đồng chất”.

Biến cố E: “Số chấm xuất hiện lớn hơn 4”.

Ta có $P\left(E\right)=\frac{2}{6}=\frac{1}{3}$.

X là số lần xuất hiện biến cố E trong 5 lần thực hiện lặp lại phép thử T.

Người chơi nhận được ít nhất 30 điểm khi số lần xuất hiện số chấm lớn hơn 4 ít nhất 3 lần. Tức là khi X ≥ 3.

Theo chú ý về phân bố nhị thức ta có:

$P\left(X\ge 3\right)=C_5^3.{\left(\frac{1}{3}\right)}^3.{\left(\frac{2}{3}\right)}^2+C_5^4.{\left(\frac{1}{3}\right)}^4.\frac{2}{3}+C_5^5.{\left(\frac{1}{3}\right)}^5=\frac{40}{243}+\frac{10}{243}+\frac{1}{243}=\frac{17}{81}$

Vận dụng trang 20 Chuyên đề Toán 12: Giải quyết bài toán ở tình huống mở đầu.

Lời giải:

Gọi X là số câu trả lời đúng của An.

X là một biến ngẫu nhiên có phân bố nhị thức với tham số n = 10; $p=\frac{1}{4}$

Số điểm trung bình là E(X).

Vậy trung bình An nhận được số điểm trung bình là:

E(X) = np = $10.\frac{1}{4}=\mathrm{2,5}$điểm.

b) An vượt qua bài thi khi làm đúng ít nhất 5 câu tức là khi X ≥ 5.

Theo chú ý về phân bố nhị thức ta có:

$\begin{array}{l}P\left(X\ge 5\right)\\ =C_{10}^5.{\left(\frac{1}{4}\right)}^5.{\left(\frac{3}{4}\right)}^5+C_{10}^6.{\left(\frac{1}{4}\right)}^6.{\left(\frac{3}{4}\right)}^4+C_{10}^7.{\left(\frac{1}{4}\right)}^7.{\left(\frac{3}{4}\right)}^3+C_{10}^8.{\left(\frac{1}{4}\right)}^8.{\left(\frac{3}{4}\right)}^2+C_{10}^9.{\left(\frac{1}{4}\right)}^9.\frac{3}{4}+C_{10}^{10}.{\left(\frac{1}{4}\right)}^{10}\\ \approx \mathrm{0,0781.}\end{array}$

Từ đó tính được xác suất vượt qua bài thi của An xấp xỉ là 7,81%.

Bài tập

Bài 1.6 trang 20 Chuyên đề Toán 12: Tại một nhà máy sản xuất linh kiện điện tử, các linh kiện được xếp vào từng hộp một cách độc lập, mỗi hộp 10 linh kiện. Hộp được xếp loại I nếu hộp đó có nhiều nhất một linh kiện không đạt tiêu chuẩn. Biết rằng xác suất để nhà máy sản xuất ra một linh kiện điện tử không đạt tiêu chuẩn là 0,01. Hỏi tỉ lệ những hộp linh kiện điện tử loại I là bao nhiêu?

Lời giải:

X là số linh kiện không đạt tiêu chuẩn.

X là một biến ngẫu nhiên có phân bố nhị thức với tham số n = 10; p = 0,01.

Hộp được xếp loại I nếu hộp đó có nhiều nhất một linh kiện không đạt tiêu chuẩn tức là X ≤ 1.

Theo chú ý về phân bố nhị thức ta có:

$P\left(X\le 1\right)=C_{10}^0.{\left(\mathrm{0,01}\right)}^0.{\left(\mathrm{0,99}\right)}^{10}+C_{10}^1.{\left(\mathrm{0,01}\right)}^1.{\left(\mathrm{0,99}\right)}^9\approx \mathrm{0,996}$

Vậy tỉ lệ những hộp linh kiện điện tử loại I là 99,6%.

Bài 1.7 trang 20 Chuyên đề Toán 12: Một bài thi trắc nghiệm gồm 10 câu hỏi, mỗi câu có 4 phương án trả lời, trong đó chỉ có một phương án đúng. Mỗi câu trả lời đúng được 4 điểm, mỗi câu trả lời sai trừ 1 điểm. Một thí sinh làm bài bằng cách ở mỗi câu hỏi chọn ngẫu nhiên một phương án trả lời. Tính xác suất để thí sinh đó sau khi hoàn thành hết 10 câu trong bài thi, có kết quả:

a) 15 điểm;

b) Bị điểm âm.

Lời giải:

Gọi X là số câu trả lời đúng của thí sinh.

X là một biến ngẫu nhiên có phân bố nhị thức với tham số n = 10; $p=\frac{1}{4}$

a) Thí sinh đạt 15 điểm thì có 5 câu trả lời đúng và 5 câu trả lời sai tức là X = 5.

Khi đó xác suất là $P=C_{10}^5.{\left(\frac{1}{4}\right)}^5.{\left(\frac{3}{4}\right)}^5\approx \mathrm{0,058}$.

b) Thí sinh bị điểm âm tức là thí sinh trả lời đúng nhiều nhất 1 câu tức là X ≤ 1.

Theo chú ý về phân bố nhị thức ta có:

$P\left(X\le 1\right)=C_{10}^0{\left(\frac{1}{4}\right)}^0.{\left(\frac{3}{4}\right)}^{10}+C_{10}^1.{\left(\frac{1}{4}\right)}^1.{\left(\frac{3}{4}\right)}^9\approx \mathrm{0,244}$

Bài 1.8 trang 20 Chuyên đề Toán 12: Trong một trò chơi, mỗi ván người chơi gieo đồng thời 3 xúc xắc cân đối, đồng chất. Nếu có ít nhất 2 xúc xắc xuất hiện mặt 6 chấm thì người chơi giành chiến thắng ván chơi đó. Bác Hưng tham gia chơi 3 ván. Tính xác suất để bác Hưng thắng ít nhất 2 ván.

Lời giải:

Xác suất để một con xúc xắc xuất hiện mặt 6 chấm là $\frac{1}{6}$.

Gọi X là số con xúc xắc xuất hiện mặt 6 chấm.

Bác Hưng thắng cuộc 1 ván khi X ≥ 2.

Xác suất để bác Hưng thắng cuộc 1 ván là: $P\left(X\ge 2\right)=C_3^2.{\left(\frac{1}{6}\right)}^2.\left(\frac{5}{6}\right)+{\left(\frac{1}{6}\right)}^3=\frac{2}{27}$.

Gọi Y là số ván thắng của bác Hưng.

Xác suất để bác Hưng thắng ít nhất 2 ván là

$P\left(Y\ge 2\right)=C_3^2.{\left(\frac{2}{27}\right)}^2\left(\frac{25}{27}\right)+{\left(\frac{2}{27}\right)}^3=\frac{308}{19683}$

Bài 1.9 trang 20 Chuyên đề Toán 12: Màu hạt của đậu Hà Lan có hai kiểu hình: màu vàng và màu xanh. Có hai gene ứng với hai kiểu hình này là allele trội A và allele lặn a. Khi cho lai hai cây đậu Hà Lan, cây con lấy ngẫu nhiên một gene từ cây bố và một gene từ cây mẹ để hình thành một cặp gene.

Bốn bạn An, Bình, Sơn và Dương, mỗi bạn độc lập với nhau, thực hiện phép thử là lai hai cây đậu Hà Lan, trong đó cây bố có kiểu gene là Aa, cây mẹ có kiểu gene là Aa.

Gọi X là số cây con có hạt màu vàng trong số 4 cây con.

a) Lập bảng phân bố xác suất của X.

b) Hỏi trung bình có bao nhiêu cây con có hạt màu xanh?

Lời giải:

Ta vẽ sơ đồ hình cây để mô tả các kết quả có thể của kiểu gene ứng với màu hạt của cây con.

a) X là số cây con có hạt màu vàng trong số 4 cây con.

X là một biến ngẫu nhiên có phân bố nhị thức n = 4; $p=\frac{3}{4}$.

Giá trị của X thuộc tập {0; 1; 2; 3; 4}.

Ta có P(X = 0) = ${\left(\frac{1}{4}\right)}^4=\frac{1}{256}$;

$P\left(X=1\right)=C_4^1.\left(\frac{3}{4}\right).{\left(\frac{1}{4}\right)}^3=\frac{12}{256};$

$P\left(X=2\right)=C_4^2.{\left(\frac{3}{4}\right)}^2.{\left(\frac{1}{4}\right)}^2=\frac{54}{256}$

$P\left(X=3\right)=C_4^3.{\left(\frac{3}{4}\right)}^3.{\left(\frac{1}{4}\right)}^1=\frac{108}{256};$

$P\left(X=4\right)=C_4^4.{\left(\frac{3}{4}\right)}^4=\frac{81}{256}.$

Bảng phân bố xác suất của X

b) Gọi Y là số cây con có hạt màu xanh.

Khi đó Y là biến ngẫu nhiên có phân bố nhị thức với tham số n = 4; $P=\frac{1}{4}$.

Trung bình có E(Y) = $4.\frac{1}{4}=1$ cây con có hạt màu xanh.

Bài 1.10 trang 21 Chuyên đề Toán 12: Trong một lớp học có 6 bóng đèn hoạt động độc lập với nhau. Mỗi bóng có xác suất bị hỏng là 0,25. Gọi X là số bóng sáng.

a) Gọi tên phân bố xác suất biến ngẫu nhiên X.

b) Biết rằng lớp học có đủ ánh sáng nếu có ít nhất 4 bóng sáng. Tính xác suất để lớp học đủ ánh sáng.

c) Tính kì vọng, phương sai và độ lệch chuẩn của X.

Lời giải:

a) X là số bóng sáng.

X là một biến ngẫu nhiên có phân bố nhị thức với tham số n = 6; $p=\frac{3}{4}$.

b) Lớp học đủ ánh sáng nếu có ít nhất 4 bóng sáng tức là X ≥ 4.

Khi đó $P\left(X\ge 4\right)=C_6^4.{\left(\frac{3}{4}\right)}^4.{\left(\frac{1}{4}\right)}^2+C_6^5.{\left(\frac{3}{4}\right)}^5.{\left(\frac{1}{4}\right)}^1+C_6^6.{\left(\frac{3}{4}\right)}^6=\frac{1701}{2048}$.

c) E(X) = $6.\frac{3}{4}=\mathrm{4,5}$;

$V\left(X\right)=6.\frac{3}{4}.\frac{1}{4}=\mathrm{1,125};$

$\sigma \left(X\right)=\sqrt{\mathrm{1,125}}\approx \mathrm{1,061}.$

Bài 1.11 trang 21 Chuyên đề Toán 12: Sơn và Tùng thi đấu bóng bàn với nhau. Trận đấu gồm 5 ván độc lập. Xác suất thắng của Sơn trong mỗi ván là $\frac{1}{4}$. Biết rằng mỗi ván không có kết quả hòa. Người thắng trận đấu nếu thắng ít nhất 3 ván đấu.

a) Gọi X là số trận thắng của Sơn. Hỏi X là biến ngẫu nhiên có phân bố xác suất gì?

b) Tính xác suất để Sơn thắng Tùng trong trận đấu.

Lời giải:

a) X là số trận thắng của Sơn.

X là biến ngẫu nhiên có phân bố xác suất nhị thức với tham số n = 5; $p=\frac{1}{4}$.

b) Sơn thắng Tùng trong trận đấu tức là X ≥ 3.

Ta có $P\left(X\ge 3\right)=C_5^3.{\left(\frac{1}{4}\right)}^3.{\left(\frac{3}{4}\right)}^2+C_5^4.{\left(\frac{1}{4}\right)}^4.\frac{3}{4}+C_5^5.{\left(\frac{1}{4}\right)}^5=\frac{53}{512}.$

Bài 1.12 trang 21 Chuyên đề Toán 12: Cam xuất khẩu được đóng thành từng thùng. Xác suất để một quả cam không đạt chất lượng là 0,03. Vì số lượng cam trong mỗi thùng rất lớn nên không thể kiểm tra toàn bộ số cam trong thùng, người ta lấy ngẫu nhiên từ thùng cam 20 lần một cách độc lập, mỗi lần lấy 1 quả để kiểm tra rồi trả lại nó vào thùng. Gọi X là số quả cam không đạt chất lượng.

a) Gọi tên phân bố xác suất biến ngẫu nhiên X.

b) Các thùng cam được phân thành ba loại theo cách sau:

Trong 20 lần lấy đó:

– Nếu tất cả các quả cam lấy ra đều đạt chất lượng thì thùng được xếp loại I;

– Nếu có 1 hoặc 2 quả cam không đạt chất lượng thì thùng được xếp loại II;

– Nếu có ít nhất 3 quả cam không đạt chất lượng thì thùng được xếp loại III.

Tính tỉ lệ các thùng cam được xếp loại I, II, III.

Lời giải:

a) X là số quả cam không đạt chất lượng.

X là biến ngẫu nhiên có phân bố xác suất nhị thức với tham số n = 20; p = 0,03.

b) Thùng cam đạt xếp loại I nếu X = 0.

P₁ = P(X = 0) = 0,97²⁰ ≈ 0,5438.

Thùng cam đạt xếp loại II nếu X = 1 hoặc X = 2.

Khi đó P₂ = P(X = 1) + P(X = 2) = $C_{20}^1.\left(\mathrm{0,03}\right).{\left(\mathrm{0,97}\right)}^{19}+C_{20}^2.{\left(\mathrm{0,03}\right)}^2.{\left(\mathrm{0,97}\right)}^{18}\approx \mathrm{0,4352}$

Thùng cam không đạt chất lượng nếu X ≥ 3.

Khi đó P(X ≥ 3) = 1 – P₁ – P₂ = 1 – 0,5438 – 0,4352 = 0,021.

Xem thêm các bài giải Chuyên đề học tập Toán 12 Kết nối tri thức hay, chi tiết khác:

Bài 1: Biến ngẫu nhiên rời rạc và các số đặc trưng

Bài 2: Biến ngẫu nhiên có phân bố nhị thức và áp dụng

Bài tập cuối chuyên đề 1

Bài 3: Vận dụng hệ bất phương trình bậc nhất hai ẩn để giải quyết một số bài toán quy hoạch tuyến tính

Bài 4: Vận dụng đạo hàm để giải quyết một số bài toán tối ưu